The Collectors

Bài 62 trang 14 SBT Hình học 12 Nâng cao

Câu hỏi: Cho hình tứ diện ABCD.

Câu 1​

Chứng minh rằng nếu chân H của đường cao hình tứ diện xuất phát từ A trùng với trực tâm của tam giác BCD và nếu \(AB \bot AC\) thì \(AC \bot AD\) và \(AD \bot AB.\)
Lời giải chi tiết:
1614869652385.png
Do H là trực tâm \(\Delta BCD\) nên \(BH \bot CD.\)
Mặt khác \(AH \bot (BCD)\) nên \(AH \bot CD.\)
Vậy \(CD \bot (ABH) \Rightarrow CD \bot AB.\)
Cùng với giả thiết \(AC \bot AB\), ta suy ra \(AB \bot (ACD) \Rightarrow AB \bot AD.\)
Tương tự \(AC \bot AD.\)

Câu 2​

Giả sử BC = CD = DB, AB = AC = AD. Gọi H là chân đường cao của hình tứ diện xuất phát từ A, J là chân của đường vuông góc hạ từ H xuống AD. Đặt AH = h, HJ = d. Tính thể tích của hình tứ diện ABCD theo dh.
Lời giải chi tiết:
1614869666019.png
Từ AB = AC = AD suy ra HB = HC = HD, tức H là tâm đường tròn ngoại tiếp tam giác BCD.
Xét tam giác vuông AHD, ta có :
\(\eqalign{ & {1 \over {H{J^2}}} = {1 \over {A{H^2}}} + {1 \over {H{D^2}}} \cr & \Rightarrow {1 \over {H{D^2}}} = {1 \over {{d^2}}} - {1 \over {{h^2}}} \cr & \Rightarrow HD = {{hd} \over {\sqrt {{h^2} - {d^2}} }}. \cr} \)
Do tam giác BCD đều nên \(DH = BC.{{\sqrt 3 } \over 3},\) hay \(BC = DH\sqrt 3 .\)
Vậy \(V = {1 \over 3}{S_{BCD}}. AH = {{\sqrt 3 {d^2}{h^3}} \over {4\left( {{h^2} - {d^2}} \right)}}.\)
Rất tiếc, câu hỏi này chưa có lời giải chi tiết. Bạn ơi, đăng nhập và giải chi tiết giúp zix.vn nhé!!!
 

Ôn tập chương I - Khối đa diện và thể tích của chúng

Quảng cáo

Back
Top