Câu hỏi: Khi sục từ từ đến dư CO2 vào dung dịch hỗn hợp có chứa 0,1 mol NaOH; x mol KOH và y mol Ba(OH)2, kết quả thí nghiệm thu được biểu diễn trên đồ thị (hình bên).
Giá trị của x, y, z lần lượt là
A. 0,60; 0,40 và 1,50
B. 0,30; 0,60 và 1,40
C. 0,30; 0,30 và 1,20S
D. 0,20; 0,60 và 1,25
Giá trị của x, y, z lần lượt là
A. 0,60; 0,40 và 1,50
B. 0,30; 0,60 và 1,40
C. 0,30; 0,30 và 1,20S
D. 0,20; 0,60 và 1,25
Phương pháp:
Tại điểm ban đầu nBaCO3 = 0,6 mol: ↓đạt max: nCO3(2-) = nCO2 = nBa(OH)2 = y
Tại điểm nCo2 = 1,6 mol: nkết tủa = 0 + nOH- = nCO2
Mà nOH- = nNaOH+ nKOH + 2.nBa(OH)2 = 0,1+ x + 2y →Ta tính được x
Tại điểm nCO2 = z mol: ↓ tan một phần:
nCO3(2-) = nOH - nCO2
Từ đó ta tính được z= nCO2
Hướng dẫn giải:
Gọi điểm bắt đầu đoạn nằm ngang là A, điểm cuối của đoạn nằm ngang là điểm B, điểm kết tủa bắt đầu bị hòa tan hết là điểm C.
- Tại điểm A:
Kết tủa đạt cực đại → lon Ba2+ ban đầu bị kết tủa hết dưới dạng BaCO3
Bảo toàn Bao→ nBa(OH)2 = nBaCO3 = 0,6 mol hay y = 0,6
- Tại điểm C kết tủa bị hòa tan hết → Dung dịch chứa Ba2+ , Na+, K+ và
+ Bảo toàn C → nHCO3- = nCO2 = 1,6 mol
+ Bảo toàn Ba → nBa2+ = nBa(OH)2 = 0,6 mol
+ Bảo toàn Na → nNa+ = nNaOH = 0,1 mol
+ Bảo toàn K→ nK+ = nKOH = x mol
Bảotoàn điện tích →2nBa2+ + nNa+ + not = nHCO3
→ 2.0,6 +0,1 + x = 1,6
→ X= 0,3 mol
- Tại điểm B kết tủa đã bị hòa tan một phần:
nBaCO3 = 0,2 mol
+ Bảo toàn nguyên tố Ba, Na, K→ Dung dịch thu được chứa: Ba2+ (0,6 - 0,2 = 0,4); Na+ (0,1); K+ (0,3); HCO3
+ Bảo toàn điện tích → nHCO3- = 2nBa2+ + nNa + nK = 2.0,4 + 0,1 + 0,3 = 1,2 mol
+ Bảo toàn C → nCO2 = nBaCO3 + nHCO3 = 0,2 +1,2 = 1,4 mol hay z= 1,4
Vậy x= 0,3; y= 0,6; z= 1,4
Tại điểm ban đầu nBaCO3 = 0,6 mol: ↓đạt max: nCO3(2-) = nCO2 = nBa(OH)2 = y
Tại điểm nCo2 = 1,6 mol: nkết tủa = 0 + nOH- = nCO2
Mà nOH- = nNaOH+ nKOH + 2.nBa(OH)2 = 0,1+ x + 2y →Ta tính được x
Tại điểm nCO2 = z mol: ↓ tan một phần:
nCO3(2-) = nOH - nCO2
Từ đó ta tính được z= nCO2
Hướng dẫn giải:
Gọi điểm bắt đầu đoạn nằm ngang là A, điểm cuối của đoạn nằm ngang là điểm B, điểm kết tủa bắt đầu bị hòa tan hết là điểm C.
- Tại điểm A:
Kết tủa đạt cực đại → lon Ba2+ ban đầu bị kết tủa hết dưới dạng BaCO3
Bảo toàn Bao→ nBa(OH)2 = nBaCO3 = 0,6 mol hay y = 0,6
- Tại điểm C kết tủa bị hòa tan hết → Dung dịch chứa Ba2+ , Na+, K+ và
+ Bảo toàn C → nHCO3- = nCO2 = 1,6 mol
+ Bảo toàn Ba → nBa2+ = nBa(OH)2 = 0,6 mol
+ Bảo toàn Na → nNa+ = nNaOH = 0,1 mol
+ Bảo toàn K→ nK+ = nKOH = x mol
Bảotoàn điện tích →2nBa2+ + nNa+ + not = nHCO3
→ 2.0,6 +0,1 + x = 1,6
→ X= 0,3 mol
- Tại điểm B kết tủa đã bị hòa tan một phần:
nBaCO3 = 0,2 mol
+ Bảo toàn nguyên tố Ba, Na, K→ Dung dịch thu được chứa: Ba2+ (0,6 - 0,2 = 0,4); Na+ (0,1); K+ (0,3); HCO3
+ Bảo toàn điện tích → nHCO3- = 2nBa2+ + nNa + nK = 2.0,4 + 0,1 + 0,3 = 1,2 mol
+ Bảo toàn C → nCO2 = nBaCO3 + nHCO3 = 0,2 +1,2 = 1,4 mol hay z= 1,4
Vậy x= 0,3; y= 0,6; z= 1,4
Đáp án B.