Google
Câu hỏi: Hỗn hợp E gồm hai anken đồng đẳng kế tiếp có cùng số mol và hỗn hợp F gồm hai amin X, Y mạch hở, đồng đẳng kế tiếp (MX < MY và số mol của X lớn hơn Y). Đốt cháy hoàn toàn 0,1 mol hỗn hợp T gồm E và F, cần vừa đủ 0,48 mol O2 thu được H2O, 0,06 mol N2 và 0,3 mol CO2. Biết rằng trong hỗn hợp T số mol của E chiếm ít hơn 50%. Tỉ lệ về khối lượng của X so với Y trong hỗn hợp F gần nhất với giá trị nào?
A. 0,40.
B. 1,85.
C. 1,67.
D. 1,03.
A. 0,40.
B. 1,85.
C. 1,67.
D. 1,03.
nE < 50%nT —> 0,05 < nF < 0,1
Số N = 2nN2/nF —> 1,2 < Số N < 2,4
—> Số N = 2 là nghiệm duy nhất.
F có dạng CnH2n+4-2kN2
Bảo toàn O —> nH2O = 0,36
nH2O – nCO2 = 0,06 = nF(2 – k)
0,05 < nF < 0,1 —> 0,8 < k < 1,4 —> k = 1 là nghiệm duy nhất
—> nF = 0,06 —> nE = 0,04
E dạng CmH2m —> nCO2 = 0,06n + 0,04m = 0,3
—> 3n + 2m = 15
Với n > 2 và hai anken có cùng số mol nên m lấy các giá trị dạng 2,5 – 3,5 – 4,5….
Nghiệm 1: n = 10/3 và m = 2,5
E gồm C2H4 (0,02), C3H6 (0,02) và F gồm X là C3H8N2 (0,04), Y là C4H10N2 (0,02)
Nghiệm thỏa mãn nX > nY
—> mX/mY = 1,674
Nghiệm 2: n = 8/3 và m = 3,5
E gồm C3H6 (0,02), C4H8 (0,02) và F gồm X là C2H6N2 (0,02) và Y là C3H8N2 (0,04)
Loại nghiệm này vì không thỏa mãn nX > nY.
Số N = 2nN2/nF —> 1,2 < Số N < 2,4
—> Số N = 2 là nghiệm duy nhất.
F có dạng CnH2n+4-2kN2
Bảo toàn O —> nH2O = 0,36
nH2O – nCO2 = 0,06 = nF(2 – k)
0,05 < nF < 0,1 —> 0,8 < k < 1,4 —> k = 1 là nghiệm duy nhất
—> nF = 0,06 —> nE = 0,04
E dạng CmH2m —> nCO2 = 0,06n + 0,04m = 0,3
—> 3n + 2m = 15
Với n > 2 và hai anken có cùng số mol nên m lấy các giá trị dạng 2,5 – 3,5 – 4,5….
Nghiệm 1: n = 10/3 và m = 2,5
E gồm C2H4 (0,02), C3H6 (0,02) và F gồm X là C3H8N2 (0,04), Y là C4H10N2 (0,02)
Nghiệm thỏa mãn nX > nY
—> mX/mY = 1,674
Nghiệm 2: n = 8/3 và m = 3,5
E gồm C3H6 (0,02), C4H8 (0,02) và F gồm X là C2H6N2 (0,02) và Y là C3H8N2 (0,04)
Loại nghiệm này vì không thỏa mãn nX > nY.
Đáp án C.