Google
Câu hỏi: Hỗn hợp E gồm X là este đơn chức và Y là este hai chức (X, Y đều no, mạch hở và số mol của X nhỏ hơn số mol của Y). Xà phòng hóa hoàn toàn m gam E bằng lượng vừa đủ dung dịch KOH, thu được hai ancol kế tiếp nhau trong dãy đồng đẳng và m gam muối. Mặt khác, khi đốt cháy hoàn toàn 23,32 gam E thì thu được 1,04 mol CO2. Khối lượng Y có trong 23,32 gam E là
A. 14,6 gam.
B. 5,92 gam.
C. 17,4 gam.
D. 21,32 gam.
A. 14,6 gam.
B. 5,92 gam.
C. 17,4 gam.
D. 21,32 gam.
mE = m muối —> mAncol = mKOH
nAncol = nKOH —> M ancol = 56
—> Ancol gồm C2H5OH (2e) và C3H7OH (5e)
Do nX < nY nên X là ACOOC2H5 (2e) và Y là B(COOC3H7)2 (2,5e)
nB(COOC3H7)2 = nCO2 – nH2O —> nH2O = 1,04 – 2,5e
mE = mC + mH + mO
⇔ 23,32 = 1,04.12 + 2(1,04 – 2,5e) + 16.2.7e
—> e = 0,04
nCO2 = 0,08(CA + 3) + 0,1(CB + 8) = 1,04
—> 4CA + 5CB = 0 —> CA = CB = 0 là nghiệm duy nhất.
X là HCOOC2H5 (0,08) và Y là (COOC3H7)2 (0,1)
—> mY = 17,4 gam
nAncol = nKOH —> M ancol = 56
—> Ancol gồm C2H5OH (2e) và C3H7OH (5e)
Do nX < nY nên X là ACOOC2H5 (2e) và Y là B(COOC3H7)2 (2,5e)
nB(COOC3H7)2 = nCO2 – nH2O —> nH2O = 1,04 – 2,5e
mE = mC + mH + mO
⇔ 23,32 = 1,04.12 + 2(1,04 – 2,5e) + 16.2.7e
—> e = 0,04
nCO2 = 0,08(CA + 3) + 0,1(CB + 8) = 1,04
—> 4CA + 5CB = 0 —> CA = CB = 0 là nghiệm duy nhất.
X là HCOOC2H5 (0,08) và Y là (COOC3H7)2 (0,1)
—> mY = 17,4 gam
Đáp án C.