Google
Câu hỏi: Hỗn hợp E gồm amin X (bậc III, no, đơn chức, mạch hở), anken Y và một ankin Z (số nguyên tử cacbon trong Z lớn hơn số nguyên tử cacbon trong Y, tỉ lệ mol giữa Y và Z tương ứng là 3 : 2). Đốt cháy hoàn toàn 11,15 gam hỗn hợp E cần dùng 35,6 gam O2, thu được hỗn hợp F gồm CO2, H2O và N2. Dẫn toàn bộ F qua bình đựng dung dịch NaOH đặc dư đến phản ứng hoàn toàn thấy khối lượng bình tăng thêm 46,05 gam. Phần trăm số mol của anken Y trong E là
A. 25%.
B. 50%.
C. 75%.
D. 20%.
A. 25%.
B. 50%.
C. 75%.
D. 20%.
${{n}_{{{O}_{2}}}}=1,1125;{{n}_{C{{O}_{2}}}}=u$ và ${{n}_{{{H}_{2}}O}}=v$
—> 44u + 18v = 46,05
Bảo toàn O —> 2u + v = 1,1125.2
—> u = 0,75; v = 0,725
Amin = CH5N + kCH2
Anken = C2H4 + gCH2
Ankin = C2H2 + hCH2
Quy đổi E thành CH5N (a), C2H4 (3b), C2H2 (2b), CH2 (c)
${{m}_{E}}$ = 31a + 28.3b + 26.2b + 14c = 11,15
${{n}_{C{{O}_{2}}}}$ = a + 2.3b + 2.2b + c = 0,75
${{n}_{{{H}_{2}}O}}$ = 2,5a + 2.3b + 2b + c = 0,725
—> a = 0,05; b = 0,05; c = 0,2
${{n}_{C{{H}_{2}}}}$ = 0,05k + 0,15g + 0,1h = 0,2
—> k + 3g + 2h = 4
Với k ≥ 2; g < h —> k = 2, g = 0, h = 1 là nghiệm duy nhất.
E gồm (CH3)3N (0,05), C2H4 (0,15) và C3H4 (0,1)
—> $\%{{n}_{{{C}_{2}}{{H}_{4}}}}$ = 50%
—> 44u + 18v = 46,05
Bảo toàn O —> 2u + v = 1,1125.2
—> u = 0,75; v = 0,725
Amin = CH5N + kCH2
Anken = C2H4 + gCH2
Ankin = C2H2 + hCH2
Quy đổi E thành CH5N (a), C2H4 (3b), C2H2 (2b), CH2 (c)
${{m}_{E}}$ = 31a + 28.3b + 26.2b + 14c = 11,15
${{n}_{C{{O}_{2}}}}$ = a + 2.3b + 2.2b + c = 0,75
${{n}_{{{H}_{2}}O}}$ = 2,5a + 2.3b + 2b + c = 0,725
—> a = 0,05; b = 0,05; c = 0,2
${{n}_{C{{H}_{2}}}}$ = 0,05k + 0,15g + 0,1h = 0,2
—> k + 3g + 2h = 4
Với k ≥ 2; g < h —> k = 2, g = 0, h = 1 là nghiệm duy nhất.
E gồm (CH3)3N (0,05), C2H4 (0,15) và C3H4 (0,1)
—> $\%{{n}_{{{C}_{2}}{{H}_{4}}}}$ = 50%
Đáp án B.