Google
Câu hỏi: Hỗn hợp E chứa ba este đều mạch hở, trong phân tử chỉ chứa một loại nhóm chức gồm X (CxH2xO2), Y (CyH2y−2O2) và Z (CzH2z−2O4). Đun nóng 0,4 mol E với dung dịch NaOH vừa đủ, thu được 25,7 gam hỗn hợp gồm ba ancol cùng dãy đồng đẳng và 49,1 gam hỗn hợp T gồm ba muối. Đốt cháy toàn bộ T cần dùng 0,275 mol O2, thu được Na2CO3 và 0,49 mol hỗn hợp gồm CO2 và H2O. Phần trăm khối lượng của Y trong hỗn hợp E là:
A. 8,35%.
B. 7,87%.
C. 8,94%.
D. 9,47%.
A. 8,35%.
B. 7,87%.
C. 8,94%.
D. 9,47%.
Quy đổi muối thành HCOONa (a), (COONa)2 (b), CH2 (c) và H2 (d)
nE = a + b = 0,4
mT = 68a + 134b + 14c + 2d = 49,1
nO2 = 0,5a + 0,5b + 1,5c + 0,5d = 0,275
nCO2 + nH2O = [a + 2b + c – 0,5(a + 2b)] + (0,5a + c + d) = 0,49
—> a = 0,08; b = 0,32; c = 0,06; d = -0,03
—> Muối gồm CH2=CH-COONa (0,03), HCOONa (0,05) và (COONa)2 (0,32)
nNaOH = a + 2b = 0,72
Bảo toàn khối lượng —> mE = 46
—> 0,05(14x + 32) + 0,03(14y + 30) + 0,32(14z + 62) = 46
—> 5x + 3y + 32z = 169
Do x ≥ 2; y ≥ 4; z ≥ 4 nên z = 4 là nghiệm duy nhất.
—> 5x + 3y = 41
—> x = 4 và y = 7 là nghiệm duy nhất
X là HCOOC3H7 (0,05)
Y là CH2=CH-COOC4H9 (0,03) —> %Y = 8,35%
Z là (COOCH3)2 (0,32)
nE = a + b = 0,4
mT = 68a + 134b + 14c + 2d = 49,1
nO2 = 0,5a + 0,5b + 1,5c + 0,5d = 0,275
nCO2 + nH2O = [a + 2b + c – 0,5(a + 2b)] + (0,5a + c + d) = 0,49
—> a = 0,08; b = 0,32; c = 0,06; d = -0,03
—> Muối gồm CH2=CH-COONa (0,03), HCOONa (0,05) và (COONa)2 (0,32)
nNaOH = a + 2b = 0,72
Bảo toàn khối lượng —> mE = 46
—> 0,05(14x + 32) + 0,03(14y + 30) + 0,32(14z + 62) = 46
—> 5x + 3y + 32z = 169
Do x ≥ 2; y ≥ 4; z ≥ 4 nên z = 4 là nghiệm duy nhất.
—> 5x + 3y = 41
—> x = 4 và y = 7 là nghiệm duy nhất
X là HCOOC3H7 (0,05)
Y là CH2=CH-COOC4H9 (0,03) —> %Y = 8,35%
Z là (COOCH3)2 (0,32)
Đáp án A.