Google
Câu hỏi: Hòa tan hết 5,26 gam hỗn hợp X gồm Mg, Fe, Fe(NO3)2 bằng dung dịch chứa 0,21 mol HCl và a mol NaNO3 thu được dung dịch Y chỉ chứa 11,06 gam hỗn hợp muối clorua và 0,67 gam hỗn hợp Z gồm 4 khí không màu (trong đó 3 khí có số mol bằng nhau). Dung dịch Y phản ứng tối đa với 0,205 mol KOH thu được 6,8 gam kết tủa. Phần trăm thể tích của khí có phân tử khối nhỏ nhất trong Z là
A. 12,5%.
B. 25,0%.
C. 17,5%.
D. 20,0%.
A. 12,5%.
B. 25,0%.
C. 17,5%.
D. 20,0%.
Y + KOH → Dung dịch chứa Na+ (a), K+ (0,205), Cl- (0,21), bảo toàn điện tích → a = 0,005
Bảo toàn khối lượng → nH2O = 0,09
Y chứa Mg2+, Fe2+, Fe3+ (tổng u gam), NH4+ (v mol)
→ u + 18v + 0,005.23 + 0,21.35,5 = 11,06
m↓ = u + 17(0,205 – v) = 6,8
→ u = 3,4; v = 0,005
nNO3-(X) = (5,26 – u)/62 = 0,03
Bảo toàn H → nH2 = 0,005
Bảo toàn N → nN(Z) = 0,03
→ nO(Z) = (mZ – mN – mH2)/16 = 0,015
Z gồm NO, N2, N2O, H2
nO = nNO + nN2O = 0,015; nH2 = 0,005 và 3 khí có cùng số mol → nN2O = nH2 = nN2 = 0,005; nNO = 0,01
%VH2 = 0,005/0,025 = 20%
Bảo toàn khối lượng → nH2O = 0,09
Y chứa Mg2+, Fe2+, Fe3+ (tổng u gam), NH4+ (v mol)
→ u + 18v + 0,005.23 + 0,21.35,5 = 11,06
m↓ = u + 17(0,205 – v) = 6,8
→ u = 3,4; v = 0,005
nNO3-(X) = (5,26 – u)/62 = 0,03
Bảo toàn H → nH2 = 0,005
Bảo toàn N → nN(Z) = 0,03
→ nO(Z) = (mZ – mN – mH2)/16 = 0,015
Z gồm NO, N2, N2O, H2
nO = nNO + nN2O = 0,015; nH2 = 0,005 và 3 khí có cùng số mol → nN2O = nH2 = nN2 = 0,005; nNO = 0,01
%VH2 = 0,005/0,025 = 20%
Đáp án D.