Google
Câu hỏi: Hòa tan hết 23,18 gam hỗn hợp X gồm Fe, Mg và Fe(NO3)3 vào dung dịch chứa 0,92 mol HCl và 0,01 mol NaNO3, thu được dung dịch Y (chất tan chỉ có 46,95 gam hỗn hợp muối) và 2,92 gam hỗn hợp Z gồm ba khí không màu (trong đó hai khí có số mol bằng nhau). Dung dịch Y phản ứng được tối đa với 0,91 mol KOH, thu được 29,18 gam kết tủa. Biết các phản ứng xảy ra hoàn toàn. Phần trăm khối lượng của khí có phân tử khối lớn nhất trong Z là
A. 51,37%.
B. 45,45%.
C. 58,82%.
D. 75,34%.
A. 51,37%.
B. 45,45%.
C. 58,82%.
D. 75,34%.
Y + KOH thu được dung dịch chứa Na+ (0,01), K+ (0,91), Cl- (0,92), bảo toàn điện tích vừa đủ nên Y không còn NO3-.
Bảo toàn khối lượng —> nH2O = 0,43
Đặt u là tổng khối lượng của Fe2+, Fe3+, Mg2+. Đặt nNH4+ = v
m muối = u + 18v + 0,01.23 + 0,92.35,5 = 46,95
nOH- trong kết tủa = 0,91 – v
—> m↓ = u + 17(0,91 – v) = 29,18
—> u = 13,88 và v = 0,01
Bảo toàn H —> nH2 = 0,01
nNO3-(X) = (mX – u)/62 = 0,15
Bảo toàn N —> nN(Z) = 0,15
mZ = 2,92 —> nO(Z) = 0,05
Z chứa H2 (0,01) và hai trong 3 khí NO, N2, N2O.
TH1: Z có NO (0,05) và N2 (0,05): Thỏa mãn
TH2: Z có N2 (0,025) và N2O (0,05) loại vì không có cặp khí nào cùng số mol.
TH3: Z có NO (0,05) và N2O (0,05) loại vì số mol âm.
(Tính số mol khí từ nN = 0,15 và nO = 0,05)
Vậy Z gồm H2 (0,01), NO (0,05) và N2 (0,05)
—> %NO = 51,37%
Bảo toàn khối lượng —> nH2O = 0,43
Đặt u là tổng khối lượng của Fe2+, Fe3+, Mg2+. Đặt nNH4+ = v
m muối = u + 18v + 0,01.23 + 0,92.35,5 = 46,95
nOH- trong kết tủa = 0,91 – v
—> m↓ = u + 17(0,91 – v) = 29,18
—> u = 13,88 và v = 0,01
Bảo toàn H —> nH2 = 0,01
nNO3-(X) = (mX – u)/62 = 0,15
Bảo toàn N —> nN(Z) = 0,15
mZ = 2,92 —> nO(Z) = 0,05
Z chứa H2 (0,01) và hai trong 3 khí NO, N2, N2O.
TH1: Z có NO (0,05) và N2 (0,05): Thỏa mãn
TH2: Z có N2 (0,025) và N2O (0,05) loại vì không có cặp khí nào cùng số mol.
TH3: Z có NO (0,05) và N2O (0,05) loại vì số mol âm.
(Tính số mol khí từ nN = 0,15 và nO = 0,05)
Vậy Z gồm H2 (0,01), NO (0,05) và N2 (0,05)
—> %NO = 51,37%
Đáp án A.