Google
Câu hỏi: Đốt cháy hoàn toàn 0,5 mol hỗn hợp E gồm ba chất hữu cơ mạch hở X, Y, Z (Chỉ chứa nhóm chức este, MX < MY < MZ) cần dùng 3,15 mol O2, thu được 3,3 mol CO2 và 2 mol H2O. Mặt khác hiđro hóa hoàn toàn 0,5 mol E bằng lượng H2 vừa đủ (xúc tác Ni, t°), thu được hỗn hợp F gồm hai hợp chất hữu cơ. Đun nóng toàn bộ F với dung dịch NaOH vừa đủ, thu được hỗn hợp G gồm 3 muối của 3 axit cacboxylic đơn chức và hỗn hợp H gồm hai ancol no hơn kém nhau một nguyên tử cacbon. Tỉ khối hơi của H so với H2 bằng 35,5. Phần trăm khối lượng của X trong hỗn hợp E gần nhất với giá trị nào sau đây?
A. 25,80%.
B. 53,03%.
C. 8,96%.
D. 36,90%.
A. 25,80%.
B. 53,03%.
C. 8,96%.
D. 36,90%.
Bảo toàn khối lượng → mE = 80,4
Bảo toàn O → nO(H) = nO(E) = 2,3 → nNaOH = 1,15
Các muối cacboxylat đơn chức nên n(H) = nF = nE = 0,5
→ Số O trung bình của H = 1,15/0,5 = 2,3
H dạng CnH2n+2O2,3 → MH = 14n + 38,8 = 35,5.2
→ n = 2,3 → H gồm C2H4(OH)2 (0,35) và C3H5(OH)3 (0,15)
F gồm 2 este với số C là x, y tương ứng với 2 ancol kể trên.
→ nCO2 = 0,35x + 0,15y = 3,3 → 7x + 3y = 66
Với x ≥ 4; y ≥ 6 → x = 6, y = 8 là nghiệm duy nhất
→ F gồm C6H10O4 (0,35) và C8H12O6 (0,15) → mF = 81,7
→ nH2 = (mF – mE)/2 = 0,65
Từ F tạo 3 muối nên có 2 trường hợp:
TH1: F gồm:
(CH3COO)2C2H4: 0,35
(HCOO)2(C2H5COO)C3H5: 0,15
E gồm:
X là (CH3COO)2C2H4: 0,35
Z là (HCOO)2(C2H3COO)C3H5: u
Y là (HCOO)2(C2HCOO)C3H5: v
→ u + v = 0,15 và nH2 = u + 2v = 0,65
→ Vô nghiệm, loại.
TH2: F gồm:
(HCOO)(C2H5COO)C2H4: 0,35
(HCOO)(CH3COO)2C3H5: 0,15
E gồm:
Y là (HCOO)(C2H3COO)C2H4: u
X là (HCOO)(C2HCOO)C2H4: v
Z là (HCOO)(CH3COO)2C3H5: 0,15
→ u + v = 0,35 và nH2 = u + 2v = 0,65
→ u = 0,05; v = 0,3
→ %X = 0,3.142/80,4 = 52,99%
Bảo toàn O → nO(H) = nO(E) = 2,3 → nNaOH = 1,15
Các muối cacboxylat đơn chức nên n(H) = nF = nE = 0,5
→ Số O trung bình của H = 1,15/0,5 = 2,3
H dạng CnH2n+2O2,3 → MH = 14n + 38,8 = 35,5.2
→ n = 2,3 → H gồm C2H4(OH)2 (0,35) và C3H5(OH)3 (0,15)
F gồm 2 este với số C là x, y tương ứng với 2 ancol kể trên.
→ nCO2 = 0,35x + 0,15y = 3,3 → 7x + 3y = 66
Với x ≥ 4; y ≥ 6 → x = 6, y = 8 là nghiệm duy nhất
→ F gồm C6H10O4 (0,35) và C8H12O6 (0,15) → mF = 81,7
→ nH2 = (mF – mE)/2 = 0,65
Từ F tạo 3 muối nên có 2 trường hợp:
TH1: F gồm:
(CH3COO)2C2H4: 0,35
(HCOO)2(C2H5COO)C3H5: 0,15
E gồm:
X là (CH3COO)2C2H4: 0,35
Z là (HCOO)2(C2H3COO)C3H5: u
Y là (HCOO)2(C2HCOO)C3H5: v
→ u + v = 0,15 và nH2 = u + 2v = 0,65
→ Vô nghiệm, loại.
TH2: F gồm:
(HCOO)(C2H5COO)C2H4: 0,35
(HCOO)(CH3COO)2C3H5: 0,15
E gồm:
Y là (HCOO)(C2H3COO)C2H4: u
X là (HCOO)(C2HCOO)C2H4: v
Z là (HCOO)(CH3COO)2C3H5: 0,15
→ u + v = 0,35 và nH2 = u + 2v = 0,65
→ u = 0,05; v = 0,3
→ %X = 0,3.142/80,4 = 52,99%
Đáp án B.