Bài 6 trang 127 SGK Giải tích 12

Câu hỏi: Tính:

Câu a​

a) \(\displaystyle\int_0^{{\pi  \over 2}} {\cos 2x\sin ^2} xdx\)
Phương pháp giải:
Sử dụng công thức hạ bậc đưa về tích phân các hàm lượng giác cơ bản.
Lời giải chi tiết:
Ta có:
\(\displaystyle \int_0^{{\pi \over 2}} {\cos 2x\sin ^2} xdx \)
\(\displaystyle = {1 \over 2}\int_0^{{\pi \over 2}} {\cos 2x(1 - \cos 2x)dx}\)
\(= \dfrac{1}{2}\int\limits_0^{\frac{\pi }{2}} {\left( {\cos 2x - {{\cos }^2}2x} \right)dx} \)
\(\displaystyle = {1 \over 2}\int_0^{{\pi \over 2}} {\left[ {\cos 2x - {{1 + \cos 4x} \over 2}} \right]} dx\)
\(\displaystyle = {1 \over 4}\int_0^{{\pi \over 2}} {(2\cos 2x - \cos 4x - 1)dx} \)
\(\displaystyle = {1 \over 4}\left[ {\sin 2x - {{\sin 4x} \over 4} - x} \right]_0^{{\pi \over 2}} \displaystyle = {1 \over 4}.(-{\pi \over 2}) \)
\(\displaystyle = {{ - \pi } \over 8} \)

Câu b​

b) \(\displaystyle\int_{ - 1}^1 {|{2^x}}  - {2^{ - x}}|dx\)
Phương pháp giải:
Xét dấu, phá dấu giá trị tuyệt đối của hàm số dưới dấu tích phân.
Lời giải chi tiết:
Ta có: Xét \({2^x}-{2^{ - x}} ≥ 0 ⇔ x ≥ 0\).
Ta tách thành tổng của hai tích phân:
\(\int_{ - 1}^1 {|{2^x}} - {2^{ - x}}|dx \)
\( = \int\limits_{ - 1}^0 {\left| {{2^x} - {2^{ - x}}} \right|dx}  + \int\limits_0^1 {\left| {{2^x} - {2^{ - x}}} \right|dx} \)
\(= - \int_{ - 1}^0 ( {2^x} - {2^{ - x}})dx \) \(+ \int_0^1 ( {2^x} - {2^{ - x}})dx\)
\(\displaystyle = - ({{{2^x}} \over {\ln 2}} + {{{2^{ - x}}} \over {\ln 2}})\left| {_{ - 1}^0} \right. + ({{{2^x}} \over {\ln 2}} + {{{2^{ - x}}} \over {\ln 2}})\left| {_0^1} \right. \)
\(\begin{array}{l}
= \left({\dfrac{{ - 2}}{{\ln 2}} + \dfrac{5}{{2\ln 2}}} \right) + \left({\dfrac{5}{{2\ln 2}} + \dfrac{{ - 2}}{{\ln 2}}} \right)\\
= \dfrac{{ - 4}}{{\ln 2}} + \dfrac{5}{{\ln 2}}
\end{array}\)
\(\displaystyle = {1 \over {\ln 2}}  \)

Câu c​

c) \(\displaystyle\int_1^2 {{{(x + 1)(x + 2)(x + 3)} \over {{x^2}}}} dx\)
Phương pháp giải:
Biến đổi hàm số dưới dấu tích phân về các hàm đa thức, phân thức cơ bản và tính tích phân.
Lời giải chi tiết:
Ta có:
\(\displaystyle \int_1^2 {{{(x + 1)(x + 2)(x + 3)} \over {{x^2}}}} dx \) \(\displaystyle = \int_1^2 {{{{x^3} + 6{x^2} + 11x + 6} \over {{x^2}}}dx} \) 
\(\displaystyle = \int_1^2 {(x + 6 + {{11} \over x}} + {6 \over {{x^2}}})dx\)
\(\displaystyle = \left[ {{{{x^2}} \over 2} + 6x + 11\ln |x| - {6 \over x}} \right]\left| {_1^2} \right. \) 
\(\displaystyle = (2 + 12 + 11\ln 2 - 3) - ({1 \over 2} + 6 - 6) \)
\(\displaystyle = {{21} \over 2} + 11\ln 2 \)

Câu d​

d) \(\displaystyle\int_0^2 {{1 \over {{x^2} - 2x - 3}}} dx\)
Phương pháp giải:
Biến đổi hàm số dưới dấu tích phân về dạng tổng, hiệu hai phân thức đơn giản đã biết cách tính tích phân.
Lời giải chi tiết:
Ta có:
\(\begin{array}{l}
\int\limits_0^2 {\dfrac{1}{{{x^2} - 2x - 3}}dx \\= \int\limits_0^2 {\dfrac{1}{{\left({x + 1} \right)\left({x - 3} \right)}}dx} } \\= \int\limits_0^2 {\dfrac{{\left({x + 1} \right) - \left({x - 3} \right)}}{{4\left({x + 1} \right)\left({x - 3} \right)}}dx}  \\= \dfrac{1}{4}\int\limits_0^2 {\left[ {\dfrac{{x + 1}}{{\left({x + 1} \right)\left({x - 3} \right)}} - \dfrac{{x - 3}}{{\left({x + 1} \right)\left({x - 3} \right)}}} \right]dx} 
\\= \dfrac{1}{4}\int\limits_0^2 {\left({\dfrac{1}{{x - 3}} - \dfrac{1}{{x + 1}}} \right)dx} \\
= \left. {\dfrac{1}{4}\left[ {\ln \left| {x - 3} \right| - \ln \left| {x + 1} \right|} \right]} \right|_0^2\\
= \dfrac{1}{4}\left[ { - \ln 3 - \ln 3} \right] = - \dfrac{1}{2}\ln 3.
\end{array}\)

Câu e​

e) \(\displaystyle\int_0^{{\pi  \over 2}} {{{({\mathop{\rm s}\nolimits} {\rm{inx}} + {\mathop{\rm cosx}\nolimits})}^2}dx} \)
Phương pháp giải:
Thu gọn biểu thức \((\sin x+\cos x)^2\) đưa về các hàm số lượng giác cơ bản.
Lời giải chi tiết:
Ta có:
\(\eqalign{
& \int_0^{{\pi \over 2}} {{{({\mathop{\rm s}\nolimits} {\rm{inx}} + {\mathop{\cos x}\nolimits})}^2}dx} \cr &= \int\limits_0^{\frac{\pi }{2}} {\left({{{\sin }^2}x + 2\sin x\cos x + {{\cos }^2}x} \right)dx} \cr &= \int_0^{{\pi \over 2}} {(1 + \sin 2x)dx} \cr 
& = \left[ {x - {{\cos 2x} \over 2}} \right]\left| {_0^{{\pi \over 2}}} \right. = {\pi \over 2} + 1. \cr} \)

Câu g​

g) \(\displaystyle\int_0^\pi  {{{(x + {\mathop{\rm s}\nolimits} {\rm{inx}})}^2}} dx\)
Phương pháp giải:
Khai triển biểu thức dưới dấu tích phân, kết hợp với công thức hạ bậc, phương pháp tích phân từng phần để tính tích phân.
Lời giải chi tiết:
Ta có:
\(\begin{array}{l}
\int\limits_0^\pi {{{\left({x + \sin x} \right)}^2}dx} \\
= \int\limits_0^\pi {\left({{x^2} + 2x\sin x + {{\sin }^2}x} \right)dx} \\
= \int\limits_0^\pi {{x^2}dx} + 2\int\limits_0^\pi {x\sin xdx} + \int\limits_0^\pi {{{\sin }^2}xdx} \\
= I + 2J + K
\end{array}\)
Tính \(I = \int\limits_0^\pi  {{x^2}dx}  = \left. {\dfrac{{{x^3}}}{3}} \right|_0^\pi  = \dfrac{{{\pi ^3}}}{3}\)
Tính :\(J = \int_0^\pi  {x\sin xdx} \)
Đặt \(\left\{ \begin{array}{l}
u = x\\
dv = \sin xdx
\end{array} \right. \Rightarrow \left\{ \begin{array}{l}
du = dx\\
v = - \cos x
\end{array} \right.\)
Suy ra:
\(J = \left[ { - x{\mathop{\rm cosx}\nolimits} } \right]\left| {_0^\pi } \right. + \int_0^\pi  {{\mathop{\rm cosxdx}\nolimits}  = \pi  + \left[ {{\mathop{\rm s}\nolimits} {\rm{inx}}} \right]} \left| {_0^\pi } \right. = \pi \)
Tính K:
\(\begin{array}{l}
K = \int\limits_0^\pi {{{\sin }^2}xdx} \\
= \int\limits_0^\pi {\dfrac{{1 - \cos 2x}}{2}dx} \\
= \dfrac{1}{2}\int\limits_0^\pi {\left({1 - \cos 2x} \right)dx} \\
= \dfrac{1}{2}\left. {\left({x - \dfrac{{\sin 2x}}{2}} \right)} \right|_0^\pi \\
= \dfrac{\pi }{2}
\end{array}\)
Do đó:
\(\eqalign{
& I = {{{\pi ^3}} \over 3} + 2\pi + {\pi \over 2} = \dfrac{{{\pi ^3}}}{3} + \dfrac{{5\pi }}{2} \cr} \)